Уравнения высших степеней
Важнейшие факты истории уравнений
- II тысячелетие до нашей эры Египетские и вавилонские мудрецы нашли способы решения квадратных уравнений.
- ІІІ век. Древнегреческий математик
Диофант в основном своем труде
«Арифметика» дал решение задач,
приводящих к т.н. диофантовым
уравнениям, и впервые ввел
буквенную символику в алгебру.
- Рубеж 6-7 вв.- творчество Омара Хайама, среднеазиатского поэта и математика (изложил решения уравнений до третьей степени включительно)
- Конец 15 в.- Лука Пачоли,
итальянский математик, изложил правила арифметических действий, решения
некоторых алгебраических уравнений, их
приложения к геометрии, теорию
геометрических пропорций.
- 1545 г.- Джероламо Кардано
нашел формулу решения
неполного кубического уравнения
- 1591 г.- французский математик
Франсуа Виет ввел буквенные
обозначения не только для неизве-
стных величин, но и для коэффи-
циентов уравнений, установил
зависимость между корнями и
коэффициентами уравнений.
- П. Руффини (1765 - 1822)–
итальянский математик, дал
доказательство неразрешимости
в радикалах общего алгебраичес-
кого уравнения пятой степени.
Доказательство Руффини значительно
проще данного позднее Абелем.
- Нильс Хенрик Абель (1802-1829)–
норвежский математик. В 1826 году Абель
доказал, что нельзя вывести формулы для
решения уравнений пятой степени и выше.
- Джероламо Кардано написал книгу
«Высокое искусство», посвященную алгебре.
Главное украшение книги «формула Кардано» для
уравнения
Феррари находит способ решения уравнения 4-й степени. Кардано поместил этот способ в свою книгу.
Краткие сведения
- Корнем уравнения с одной переменной называется значение переменной, при котором уравнение обращается в верное равенство.
- Решить уравнение с одной переменной – значит найти все его корни или доказать, что корней нет.
- Уравнения с одной переменной, имеющие одни и те же корни, называется равносильным .
- Уравнения n - ой степени имеет
не более n корней
Основные виды уравнений высших степеней
- Уравнения третьей степени
- Уравнения четвертой степени
Уравнения, решаемые с помощью теоремы Безу.
Остаток от деления многочлена Р(х) на двучлен (х – а) равен
значению многочлена при х = а.
Р(х)=(х- а)Д(х)+ R , где R= p(a) .
Если а - корень многочлена Р(х), то этот многочлен
без остатка делится на двучлен (х – а).
Целые корни уравнения n- ой степени могут
быть только среди делителей свободного члена.
Пример: х 4 +х 3 +х 2 +3х+2=0.
Делители свободного члена + - 1; + - 2.
Подстановкой убеждаемся, что х = - 1 – корень уравнения.
Для нахождения остальных корней воспользуемся теоремой Безу:
х 4 +х 3 +х 2 +3х+2 l х+1 х 4 +х 3 +х 2 +3х+2=(х+1)(х 3 +х+2)
х 4 +х 3 х 3 +х+2 Легко проверить, что многочлен х 3 +х+2
х 2 +3х имеет корнем число -1:
х 3 +0х 2 +х+2 l х+1
х 2 + х х 3 +х 2 х 2 -х+2
2х+2 -х 2 + х
2х+2 -х 2 – х
0 2х+2
2х+2
0
Уравнение х 2 -х+2=0 действительно корней не имеет.
Ответ: х = -1.
Алгоритм решения возвратных уравнений.
1. Уравнения, у которых коэффициенты членов, равноудаленных от «начала» и «конца» уравнения, равны между собой, называются возвратными (или симметричными) .
6х 4 – 35х 3 + 62х 2 – 35х + 6=0
2. Так как, конечно, х ≠ 0, то разделим на х 2 :
6х 2 – 35х + 62 – 35/х + 6/х 2 = 0.
3. Сгруппируем члены с одинаковыми коэффициентами:
6(х 2 + 1/х 2 ) – 35(х + 1/х) + 62 = 0.
4. Выполним замену.
!!Фокус!! Если х+1/х = у , то (х+1/х) 2 =у 2 ; х 2 +1/х 2 = у 2 -2 ;
5. Решаем полученное уравнение.
6( – 2) – 35у + 62 = 0;
6 – 35у + 50=0 ;
у1 = 5/2; у2 = 10/3 ;
6. Выполняем обратную замену.
х + 1/х =5/2 и х + 1/х =10/3
Решая эти уравнения, получим ответ:
х1=1/2; х2=2; х3=1/3; х4=3
Замечание 1: Возвратное уравнение четной степени сводится к уравнению вдвое меньшей степени подставкой
Замечание 2: Возвратное уравнение нечетной степени обязательно имеет корень х = -1, и после деления многочлена, стоящего в левой части этого уравнения, на двучлен (х + 1), приводится к возвратному уравнению четной степени.
Однородные уравнения.
- Однородные уравнения обладают тем свойством, что если разделить все члены уравнения на наивысшую степень одной из переменных, то оно превращается в уравнение с одной переменной.
Решим уравнение:
Сделаем замену тог д а получим:
корней нет
Выполнив обратную замену и решая уравнение
найдем х = 1.
Ответ: 1.
Уравнения вида ( x + a)(x + b) (x + c)(x + d) = k, где a + b = c + d.
Решить уравнение (х- 2)( х+ 1)( х+ 4)( х+ 7)=63
Решение:
Раскроем скобки, группируя первый множитель с четвертым, а второй с
третьим.
Введем новую переменную
Имеем Выполним обратную замену
корней нет
Ответ:
Проверь себя
деление «уголком»
- введение новой переменной
( х + 1)( х – 2)( х + 3)( х – 4) = 14. 1+(-2) = 3+(-4)
- симметрическое ур - е
ЖЕЛАЮ УДАЧИ!